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河南省中原区2023-2024学年下学期八年级期中试题数学.考卷答案试卷答案
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100所名校高考模拟金典卷·理科综合（十二）答案C第I卷（选择题共126分）解题分析在正常状态下，ANT作为一个反向转运载体把一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项ADP转运到线粒体基质，把ATP从线粒体基质中运出，体现了载中，只有一项是符合题目要求的
体特异性的特点，A项正确；分析题意可知，在该患者肿瘤细胞中，1.【典型情境题】北京大学魏文胜团队在恒河猴上验证了他们开发ANT能将线粒体基质中的ADP运出，使肿瘤细胞的有氧呼吸第的单链环状RNA疫苗，该疫苗对德尔塔和奥密克戎突变株产生二阶段受到抑制，B项正确；该患者肿瘤细胞有氧呼吸产生CO2的有效防护
下列有关单链环状RNA的叙述，错误的是场所是线粒体基质，无氧呼吸的产物是乳酸，不产生CO2,故该肿A.单链环状RNA疫苗可以作为模板翻译出抗体瘤患者体内细胞产生CO2的场所只有线粒体基质，C项错误；该肿B.单链环状RNA不具有游离的磷酸基团和核糖瘤患者体内正常细胞中的ANT可以将ATP从线粒体基质运到细C.单链环状RNA的嘧啶与嘌呤的数量通常不同胞质基质，而该肿瘤患者体内肿瘤细胞中ANT转运ATP的方向D.单链环状RNA较线性RNA具有更高的稳定性相反，即由细胞质基质运到线粒体基质，故该肿瘤患者体内细胞质基质和线粒体中合成的ATP均可通过ANT转运，D项正确
3.遗传造就生命延续的根基，变异激起进化的层层涟漪
下列关答案A于遗传、变异、进化的说法，正确的是解题分析疫苗相当于抗原，因此单链环状RNA疫苗可作为A.孟德尔提出的假说之一是“雌雄配子数量相同，受精时，雌雄模板翻译出的是抗原而不是抗体，A项错误；单链环状RNA不具配子随机结合”有游离的磷酸基团和核糖，B项正确；单链环状RNA的嘧啶与嘌B.“遗传因子在体细胞的染色体上成对存在”属于孟德尔遗传实呤的数量通常不同，C项正确；线性RNA的末端容易水解，故线性验的假说内容RNA稳定性较低，单链环状RNA较线性RNA具有更高的稳定C.三倍体无子西瓜因其减数分裂时联会紊乱而高度不育，故其性，D项正确
属于不可遗传变异D.基因突变一定会造成碱基序列的改变，但翻译出的蛋白质的结构不一定改变答案D2.【典型情境题】腺苷酸转运蛋白(ANT)位于线粒体内膜上，其表解题分析雄配子数量多于雌配子数量，A项错误；孟德尔提面有ATP和ADP的结合位点
在正常状态下，ANT作为一个出的假说之一是“遗传因子在体细胞中成对存在”，当时还不知道反向转运载体把ADP转运到线粒体基质，把ATP从线粒体基遗传因子位于染色体上，B项错误；三倍体无子西瓜培育的原理是质中运出
而在某患者肿瘤细胞中，ANT转运ADP和ATP的染色体数目的变异，属于可遗传变异，C项错误；基因突变是基因中方向和正常细胞的相反
下列分析错误的是碱基的增添、缺失或替换而引起的基因碱基序列的改变，但由于密A.ANT在转运ATP和ADP时体现了载体的特异性码子的简并，翻译出的蛋白质的结构不一定改变，D项正确
B.与正常细胞相比，该患者肿瘤细胞的有氧呼吸第二阶段受到抑制C.该肿瘤患者体内细胞产生CO2的场所有细胞质基质和线粒体基质D.该肿瘤患者体内细胞质基质和线粒体中合成的ATP均可通过ANT转运23新教材老高考·D·理科综合（生物学部分）
分析（1）求出圆心坐标与半径，设直线l2的方程y=k（x-1），利用PQ=6，可得圆心到直线的距离d=$\frac{|2k-1|}{\sqrt{{k}^{2}+1}}$=$\sqrt{10-9}$，即可求直线l2的方程；
（2）设M（x，y），由点M在线段AD上，得2x+ty-2t=0，由AM≤2BM，得（x-$\frac{4}{3}$）2+（y+$\frac{2}{3}$）2≥$\frac{20}{9}$，依题意，线段AD与圆（x-$\frac{4}{3}$）2+（y+$\frac{2}{3}$）2=$\frac{20}{9}$至多有一个公共点，故$\frac{{|{\frac{8}{3}-\frac{8}{3}t}|}}{{\sqrt{4+{t^2}}}}≥\frac{{2\sqrt{5}}}{3}$，由此入手能求出△EPQ的面积的最小值．
解答解：（1）由题意，圆心坐标为（3，1），半径为$\sqrt{10}$，则
设直线l2的方程y=k（x-1），即kx-y-k=0，
∴圆心到直线的距离d=$\frac{|2k-1|}{\sqrt{{k}^{2}+1}}$=$\sqrt{10-9}$，
∴k=0或$\frac{4}{3}$，（3分）
当k=0时，直线l1与y轴无交点，不合题意，舍去．
∴k=$\frac{4}{3}$时直线l2的方程为4x-3y-4=0．（6分）
（2）设M（x，y），由点M在线段AD上，得$\frac{x}{t}+\frac{y}{2}=1$，2x+ty-2t=0．
由AM≤2BM，得（x-$\frac{4}{3}$）2+（y+$\frac{2}{3}$）2≥$\frac{20}{9}$．（8分）
依题意知，线段AD与圆（x-$\frac{4}{3}$）2+（y+$\frac{2}{3}$）2=$\frac{20}{9}$至多有一个公共点，
故$\frac{{|{\frac{8}{3}-\frac{8}{3}t}|}}{{\sqrt{4+{t^2}}}}≥\frac{{2\sqrt{5}}}{3}$，解得$t≤\frac{{16-10\sqrt{3}}}{11}$或t≥$\frac{16+10\sqrt{3}}{11}$．
因为t是使AM≤2BM恒成立的最小正整数，所以t=4．
所以圆圆C的方程为（x-2）2+（y-1）2=5．
①当直线l2：x=1时，直线l1的方程为y=0，此时，SDEPQ=2；（10分）
②当直线l2的斜率存在时，设l2的方程为y=k（x-1），k≠0，
则l1的方程为y=-$\frac{1}{k}$（x-1），点E（0，$\frac{1}{k}$），∴BE=$\sqrt{1+\frac{1}{{k}^{2}}}$，
又圆心到l2的距离为$\frac{|k+1|}{\sqrt{1+{k}^{2}}}$，
∴PQ=2$\sqrt{\frac{4{k}^{2}-2k+4}{1+{k}^{2}}}$，
∴S△EPQ=$\frac{1}{2}$•$\sqrt{1+\frac{1}{{k}^{2}}}$•2$\sqrt{\frac{4{k}^{2}-2k+4}{1+{k}^{2}}}$=$\sqrt{4（\frac{1}{k}-\frac{1}{4}）^{2}+\frac{15}{4}}$≥$\frac{\sqrt{15}}{2}$．
∵$\frac{\sqrt{15}}{2}$＜2，
∴（S△EPQ）min=$\frac{\sqrt{15}}{2}$．（14分）
点评本题考查直线方程，考查三角形面积的最小值的求法，确定三角形面积是关键．
